reconocimiento de usuarios

[fermin3d]

Hola amigos tengo este errores en este codigo ya que no reconoces la variables de email y cont, espero me puedan ayudar

Código PHP:

<?php
$host="127.0.0.1";
$user="root";
$password="";
$db="registrados";
$enlace = mysql_connect($host,$user,$password);
mysql_select_db($db,$enlace);
$consulta = mysql_query("SELECT nombre FROM usuarios WHERE email LIKE '$email' and contraseña LIKE '$cont'",$enlace);
$dato = mysql_fetch_array($consulta);
$cambia = $dato["nombre"];
echo "<hr size=10 color=ffffff width=100% align=left>";
if($dato==""){
echo "los datos no son correctos, <a href=inicio.php>volver";
}else{
echo "<STRONG>Bienvenido a nuestra web $cambia</STRONG>";
}
?>
 

muchas gracias.

[Nano_]

Saludos

No es que no las reconozca al parecer no las declaraste.

[fermin3d]

mmmmmmm

este es el erro.

Notice: Undefined variable: email in C:\Archivos de programa\EasyPHP-5.3.2\www\identificar.php on line 8

Notice: Undefined variable: cont in C:\Archivos de programa\EasyPHP-5.3.2\www\identificar.php on line 8

Warning: mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, boolean given in C:\Archivos de programa\EasyPHP-5.3.2\www\identificar.php on line 9

[ZydRick]

Si antes no has declarado las variables (que se supone vienen desde un formulario) es obvio que no las reconocerá, además no has seleccionado los campos email y contraseña en el query, puedes hacer algo como esto antes del query:

Código PHP:

  $email = $_POST['email'];
$cont = $_POST['cont'];  
   

Y el query de esta forma:

Código PHP:

  $consulta = mysql_query("SELECT nombre, email, contraseña FROM usuarios WHERE email='".$email."' AND contraseña='".$cont."'",$enlace);  
   

Saludos.

[Nano_]

Saludos

Es por lo que te indico

Código PHP:

  
<?php 
$host="127.0.0.1"; 
$user="root"; 
$password=""; 
$db="registrados"; 
 
$email="[email protected]";//Declarar esta variable 
$cont="";//Declarar esta variable 
 
$enlace = mysql_connect($host,$user,$password); 
mysql_select_db($db,$enlace); 
$consulta = mysql_query("SELECT nombre FROM usuarios WHERE email LIKE '$email' and contraseña ='$cont'",$enlace); 
$dato = mysql_fetch_array($consulta); 
$cambia = $dato["nombre"]; 
echo "<hr size=10 color=ffffff width=100% align=left>"; 
if($dato==""){ 
echo "los datos no son correctos, <a href=inicio.php>volver"; 
}else{ 
echo "<STRONG>Bienvenido a nuestra web $cambia</STRONG>"; 
} 
?>   

Y no utilizes LIKE en la consulta sino =

[fermin3d]

muchas gracias a todo se me paso por alto lo de declarar la variables y lo del LIKE pero me sigue saliendo este erro

Warning: mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, boolean given in C:\Archivos de programa\EasyPHP-5.3.2\www\identificar.php on line 11

muchas gracias amigos

[Nano_]

Saludos

Es por el campo contraseña no creo que se llame asi y maneja mysql_error()

Código PHP:

$consulta = mysql_query("SELECT nombre FROM usuarios WHERE email LIKE '$email' and contraseña ='$cont'",$enlace) or die(mysql_error());
 

[fermin3d]

Iniciado por Nano_

Saludos

Es por el campo contraseña no creo que se llame asi y maneja mysql_error()

Código PHP:

$consulta = mysql_query("SELECT nombre FROM usuarios WHERE email LIKE '$email' and contraseña ='$cont'",$enlace) or die(mysql_error());
 

Muchas gracias nano por tu ayuda.

Ahora lo que me sucede esque me dice siempre que el usuario es incorecto que vuelva a intentarlo pero los datos son todos correcto a que puede ser debido muchas gracias Nano.

[Nano_]

Saludos

Te coloco un ejemplo para que valides tu informacion

Código PHP:

  $consulta = mysql_query("SELECT nombre FROM usuarios WHERE email ='$email' and contraseña ='$cont'",$enlace) or die (mysql_error());
$cantRegistros=mysql_num_rows($consulta);
echo "<hr size=10 color=ffffff width=100% align=left>";
if($cantRegistros>0){
$dato = mysql_fetch_array($consulta);
$cambia = $dato["nombre"];
echo "<STRONG>Bienvenido a nuestra web $cambia</STRONG>";
}else{
echo "los datos no son correctos, <a href=inicio.php>volver";
}
?>